为测定灵敏电流表G的内电阻的实验电路图

（1）R2(2)偏小这是半偏法测量电阻因为电流半偏,Rg=R2R2并上rgR减小电流偏大此时满篇电流的一半小于真实值的一半所以R2支路电流增大,R2偏小

g=R2读数闭合S2导致并联部分电阻减小,总电路电阻降低,然后总电流增大,电流表半偏时,R2上电流实际大于电流表测出的电流,所以导致测得的结果偏小

（1）：为保护电流传感器，闭合开关前，应将电阻箱调到电阻最大值位置；电阻箱的读数为：R=×10+1×1=21Ω；（2）：根据闭合电路欧姆定律应有：E=I（R+r），整理可得：1I=1 ER+

（1）当AB直接连在一起时，AB间所接电阻为零，所以满偏位置处盘面应标注的示数为零．（2）当AB断开时，AB间电阻无穷大，示数最小（零位置），此位置应标电阻值（无穷大）．（3）表盘正中间的位置应标注示

没有你说的图,不知R和R`各是指哪个,也不知电池电动势（或电压）是多少,只作如下分析.分析：电路应该是用半偏法测电流表内阻的.所用的滑动变阻器的阻值是较大的（远大于电流表内阻）,选择电位器D；当半偏时

（1）流过电流表的电流最大时，电流表两端的电压最大，Ug=IRg=6mA×9.9Ω=6×10-3A×9.9Ω=5.94×10-2V，答：该电流表的两接线柱之间允许加的最大电压是=5.94×10-2V．

简单,需并联一个R=1000Ω的电阻.

将滑变器RP与定值电阻R串联,用一个电压表与定值电阻并联,1.将滑变器调到最小,此时滑变器电阻为0,所测得的定值电阻端电压为电源电压U；2.将滑变器调到最大,滑变器的最大值从其型号是可知的,而测得定值

解题思路：解题过程：最终答案：

1、Ig=1ma=0,001A,Vg=IgRg=0.001×300=0.3V.R1=0.3/{(100-1)/1000]=300/99=3.03欧姆；2、R3=(15-0.3)/(100/1000)=

要改成电压表——需串联一个较大的电阻R——量程计算：依据串联分压原理.须知表头电阻Rg和最大表头电流Ig及对应的量程U由U=IgRg+IgR得R=U/Ig-Rg若扩大后的量程电压是表头最大电压的n倍则

首先你要知道,并联是用来分流,串联是用来分压的.现在假设灵敏电流表的内阻是r那么首先看电流表,电流表是串联在电路中的,与要测试的元件电流都是一样的,但这个电流往往比灵敏电流表所能测出的电流大,这时候就

根据R=U/I欧姆表的U是恒定的,电流变为原来的一半,所以总电阻为上次测时总电阻的二倍.第一次测时半偏,内电阻等于外电阻,所以总的电阻为20千欧,所以第二次的总电阻为40千欧,再减去内阻10千欧为30

具体要知道内部电路设计,电流从哪个极流进指针往哪里偏,否则不能判断的.

不均匀.设电流表内阻、滑动变阻器的有效值和定值电阻R0的总阻值为R总(15Ω),设接入的待测电阻为Rx.由电流表表盘刻度均匀可知：电流表指针偏转角度与通过的电流成正比.若电流与待测电阻也成正比,则欧姆

解:(1)电流表达到满偏时Im=10mA=0.01AR总=R1+Rg=U/Im=1.5V/0.01A=150Ω因为Rg=10Ω所以R1=140Ω(2)当在A、B间接一个电阻Rx,电流表达到3mAR1+

电流表指针左偏就说明电流由左接线柱进入电流表,就意味着左侧电势比右侧高.反之就说明电流由右接线柱流入电流表,右侧电势高.

0.000025=1.5/(R+100),1.5/0.000025-100=R=59.9K0.000050=1.5/(R+100),1.5/0.000050-100=R=29.9K0.000075=1

由图线知t1=20°C时，R=4kΩ据全电路欧姆定律，有I1＝ERt+Rg，代入数据得Rt=500Ω同理有I2＝ERt′+Rg，代入数据得Rt′=2000Ω由图线知此时t2=120°C即当电流表的示数

Rmax=1.5÷（0.15×（1÷3））－（10+2+0.1）＝17.9KRmin=1.5÷（0.15×（2÷3））－（10+2+0.1）＝2.9K