如图所示 一半径为R光滑半圆弧轨道与水平面相切
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/06/17 07:40:36
![如图所示 一半径为R光滑半圆弧轨道与水平面相切](/uploads/image/f/3661524-36-4.jpg?t=%E5%A6%82%E5%9B%BE%E6%89%80%E7%A4%BA+%E4%B8%80%E5%8D%8A%E5%BE%84%E4%B8%BAR%E5%85%89%E6%BB%91%E5%8D%8A%E5%9C%86%E5%BC%A7%E8%BD%A8%E9%81%93%E4%B8%8E%E6%B0%B4%E5%B9%B3%E9%9D%A2%E7%9B%B8%E5%88%87)
1)用机械能守恒就可以了:2mg2R=0.5×2mv^2易求v=2√5m/s^22)先用动量守恒定律:mV0=2mv求出V0=4√5m/s^2然后能量守恒:Fs-μmgs=0.5×mV0^2求出s=1
子弹射入后子弹与球的共同速度为V=V.m/(m+M)=4米/秒由√gR≤V有:R≤1.6米...这样才能保证物块与子弹能一起运动到轨道最高点水平抛出.由2R(m+M)g+1/2(M+m)V1^2=1/
小球过C后落地时间:t=√(2(2R)/g)此时水平位移:4R=vc*tC点对顶压力:Pc=m*vc²/R-mgC点加速度:ac1=g+vc²/R过C点加速度:ac2=g加速度比:
你的mv12是什么.然后你文字那个说得没错,反正Ek(下来到c点的动能)=umgd+Ep(都是正值,没考虑符号)然后你选的动能,点不同结果不同.因为这道题我觉得Ek选的是回去时的动能,因为最后刚好过B
(1)A到D过程:根据动能定理有A到D过程:根据动能定理有mg×(2R-R)-μmgcos45°×2R/(sin45°)可求:μ=0.5(2)若滑块恰能到达C点,根据牛顿第二定律有mg=MV²
A、小球恰好能通过最高点,在最高点,由重力提供向心力,设最高点的速度为v,则有: mg=mv2R,解得:v=gR则半径越大,到达最高点的动能越大,而两球初动能相等,其中有一只小球恰好能通过最
小球通过轨道的最高点B后恰好做平抛运动:根据h=1/2gt²,落地时间t=√(2h/g)=√(2×2R/g)=2√(R/g)根据平抛运动的水平位移:L=vB×tB点速度:vB=L/t=2R/
小球由A到C过程中,根据机械能守恒定律:mg2R+12mv2=12mvA2由C到A过程,L=vt2R=12gt2联立三个方程得:v=gl24R+4gR答:小球在A点运动的速度为v=gl24R+4gR.
/>1.当到达最高点时,速度可以为0这时,刚好能够到达最高点.mV^2/2=mg2R得V=2√(gR)2.当对下底面有压力时,mg-F=mV'^2/RmV^2/2-mV'^2/2=mg2R得V=√[5
从C点出来的时候,小球做平抛运动.竖直高度是5m水平距离是10m算出运动时间T=1S所以C点出来的时候,水平速度是10m/s再利用:B点的动能-重力势能=C的动能解出来:10倍根号2
(1)小球从进入到C点,机械能守恒m*V0^2/2=mg*2R+(mVc^2/2)若要小球能从C端出来,Vc≥0得 V0≥2*根号(gR)(2)在小球从C端出来的瞬间,对管壁压力有三种典型情况第一种:
你是不是图错了与题目对不起来你改一下我来做再问:哦改了谢谢再答:、
给图再问:再答:第一题h为1m再问:过程,谢谢再答:b点压力为0,受力分析,向心力等于重力再答:
设球冲上竖直半圆轨道时速度为VVo^2-V^2=2aSV^2=Vo^2-2aS=7*7-2*3*4=25V=5m/s球冲上竖直半圆轨道后机械能守恒,设球离开轨道时速度为V1(1/2)mV1^2+mg(
(1)小球从B到C,平抛运动时间t=√2h/g=√4r/g水平速度v0=AV/t=2r/√4r/g=√rg在B点使用向心力公式mg+FN=mv0^2/rFN=mv0^2/r-mg=mrg/r-mg=0
由已知a球离开弹簧是具有的动能是Ea=2mgR∵Ea=1/2*mVa2∴Va=2√(gR)b球从离开桌面到落地的时间为√(2R/g)(∵1/2gt2=R)∴Vb=√2/5R除以√(2R/g)=1/5*
1.要小球能从C端出来,即刚好运动到C时速度为0.这样小球在b点的动能全部转化为在c点的势能m(v0)^2/2=mg*(2R)V0=2(Rg)^(1/2)2.在小球从C端出来瞬间,对管壁压力有3种典型