已知a是实数,且存在正整数n0,使得根号下n0 a为正有理数
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/04/29 00:18:44
若An=2A(n-1)+2^n-1,则(An-1)/2^n=[A(n-1)-1]/2^(n-1)+1{(An-1)/2^n}是以1为公差的等差数列(An-1)/2^n=(A4-1)/2^4+(n-4)
A(n+1)>An(n+1)²+b(n+1)>n²+bn2n+1+b>0b>-2n-1n∈正整数n的最小值为1b>-3
已知a是正整数,且a²+2004a是一个正整数的平方,求a的最大值.依题意设a²+2004a=m²,m为正整数,整理为:a²+2004a-m²=0把上
已知a是正整数,且a²+2004a是一个正整数的平方,求a的最大值.依题意设a²+2004a=m²,m为正整数,整理为:a²+2004a-m²=0把上
∵方程a2-b2=2013的解是正整数,∴a+b,a-b也为正整数,即(a+b)(a-b)=2013,又∵2013可分解为1与2013、3与671、11与183、33与61,①当2013分解为1与20
解;a+b=1/2*(1/a+1/b)*(a+b)=1/2(1+b/a+a/b+1)=1/2(2+b/a+a/b)>=1/2(2+2√b/a*a/b)=1/2(2+2)=2当且仅当a/b=b/a时等号
存在,三边边长可以分别为2,3,42,4,52,5,63,4,53,4,63,5,64,5,6所以7种咯
方程化为:a(x-1)=x^2+5令t=x-1,则x=t+1,t>=0为整数代入上式;ta=(t+1)^2+5ta=t^2+2t+6t显然不为0,否则上式0=6,不成立a=t+6/t+2因此t须为6的
y'=ky解方程得Ln|y|=kt+c据初值LnN0=cLn2*N0=2k+c联立得k=(ln2*N0-lnN0)/2后边代入3N0可得t=2(log2(3))再问:请问第一步y和y'分别是什么再答:
证明并不难,难的是对这些符号的理解.不过你好像已经理解了这些符号了.那我先说说这两个命题的数学含义:1、对任意一个【正实数】——c, 我们总能找到一个【正整数】——n0,使得: 所有大于等于n
a≤-7且a为负奇数
xQ属于(2,3)区间xP属于{(9-√(81-8a))/4,(9+√(81-8a))/4}(9+√81-8a)/481-8aa>=9OR(9-√(81-8a))/4>=2--->1>√(81-8a)
等差数列的公差为d,等比数列公比为q,则由条件有A1+(2n0-2)d=B1q^(2n0-2),要比较A1+(n0-1)d与B1q^(n0-1)的大小.当q>1时,必有d>0,于是条件可写为A1(q^
设a^2+2004a=k^2(k为正整数),即a^2+2004a-k^2=0,因为a为正整数,所以原方程的判别式为完全平方数(若不是,则根据求根公式,得到a不是整数,矛盾),所以再设判别式△=n^2,
两边取对数再除以mn得ln(1+m)/m>ln(1+n)/n只需证明f(x)=ln(1+x)/x在x≥2上递减即可事实上f'(x)=[x/(1+x)-ln(1+x)]/x^2当x≥2时ln(1+x)>
已知a是正整数,且a²+2004a是一个正整数的平方,求a的最大值.依题意设a²+2004a=m²,m为正整数,整理为:a²+2004a-m²=0把上
∵a+26是正整数,∴a是含-26的代数式;∵1a−26是整数,∴化简后为-26的代数式1a分母有理化后,是1或-1,∴a=5−26或−5−26.故答案为:5−26或−5−26.
函数f(x)=2cos(wx+fai)是奇函数所以fai是π/2+kπ再写出增区间通式,套进去试一下,(0,π/4)上是增函数求出w您试一下吧,实在不太好输入,抱歉.
y=n^2+an=n^2+an+a^2/4-a^2/4=(n+a/2)^2-a^2/4因为n为正整数所以-4.5
因为[k+根号下(n0+a)]^2=k^2+n0+a+2k根号下(n0+a)所以只要取n=k^2+n0+2k根号下(n0+a),其中k为正整数根号下(n+a)为有理数显然n可取无穷多个值所以存在无穷多