ACM有个1到n的数列,数一下其中能够被2,3,5整除的数字的个数.

恩,太粗心了,顶楼下的哥们,超级计算机?可不可以增加变量的位数,用多个unsignedlong组成?计算机编程算,我这算得222个注：我计算斐波那契数的函数是从0开始的,所以counter+2.#in

有N^M个,因为A中的每个元素在B中都有N种对应,A中有M个元素,故有M个N相乘.即N的M次幂

利用恒等式(n+1)³=n³+3n²+3n+1,可以得到：(n+1)³-n³=3n²+3n+1,n³-(n-1)³=3(

第一个因为n趋于无穷大的时候1/n趋于0,并且后面的那个是一个小于等于1的量,因此Xn小于1/n,所以是一个无穷小量.第二个你可以让3倍根号n的分子加上二,然后再减去2除以2倍根号n加1,当n趋于无穷

按除以n的余数不同,可将所有自然数分为n组：余数为0、1、2、3.（n-1）.1）在所有自然数中任取n个时,若取到第一组中的某个数则第一条成立；2）若只取到后面n-1组则可证明如下：若这些数都属于同一

项数=（末项-首项）/公差+1这里末项是2n+1,首项是11,公差是2（2n+1-11)/2+1=(2n-10)/2+1=(n-5)*2/2+1=n-5+1=n-4

设一个数为3m+n,另一个数为3p+q,那么它们的和为3(m+p)+(n+q).显然,两个数的和与3的余数,等于这两个数分别除以3所得的余数之和与3的余数.所以这个数列的余数变化规律为：0221011

证明：设a1,a2,…,an是给定的n个数.考察和序列：a1,a1＋a2,a1＋a2＋a3,…,a1＋a2＋…＋an.如果所有的和数被n除时余数都不相同,那么必有一个和数被n除时余数为0．此时本题的断

有一个已经排好序的数组.现输入一个数,要求按原来的规律将它插入数组中.1.程序分析：首先判断此数是否大于最后一个数,然后再考虑插入中间的数的情况,插入后此元素之后的数,依次后移一个位置.2.程序源代码

用定义的反面就是对于任意的N>0,存在n>N时存在ε>0有|xn-a|>ε.不妨设n>10,|[(n+(-1)^(n-1)/n]-2|=|1-(-1)^(n-1)/n|>1-|(-1)^(n-1)/n

11,前k项的和记为sk对于s1,s2,s3...sn中如果有一个被n整除那么直接成立,否则除以n的余数只能是1,2...n-1所以必然有两个数除以n余数相等设为si,sj(i

在1到100这100个自然数中，易知共有25个质数，其中1既不是质数也不是合数，所以，在最坏的情况下，拿到这26个非合数之后，只要在拿一个数，必然会出现一个合数．因此要保证多少取出一个合数，必须至少取

0.999…9（n个9）＝1-0.0000...01(n个0）任意给定e>0,取比e小的最大的0.0000...01(N个0）则对于n>N,有|0.999…9-1|

#includevoidmain(){inta1=1,a2=1,an;an=a1+a2;intn=3,cnt=0;while(n

数学系的题?太难了吧.这个找个专业数学论坛问吧.有个论坛叫博士家园,里面高手很多,你可以去问一下.

1.3个数成等差数列,设为a1,a2,a3.则3个数中,a3与a1的差必为2的整数倍.即a1和a3必同时为奇数,或者同时为偶数.选出a1和a3,中间的数a2也就确定了.因此,如果a1和a3为奇数.则从

#include#include#include#include#include#include#include#include#include#includeusingnamespacestd;in

由原题可以看出第k行的第一个数是1/2^k所以带入算出值与2010最接近的两个.2^10=10242010所以在第10行上第十行上有2^9=512个数2046是第512个2010是512-（2046-

第一排一个,第二排3个,第N排2N-1个,那么前N排共有N平方个,第N排第一个为2*(N-1)*(N-1)+1,所以第32排第一个为2*31*31+1=1923,33排第一个为2*32*32+1=20

#include#includemain(){intn,m,i;doubles,h;while(scanf("%d",&n)!=EOF){s=n;h=n;/*h=n*/scanf(